如图1所示,扫描隧道显微镜减振装置由绝缘减振平台和磁阻尼减…——2024 高考物理第 21 题答案解析

2024_浙江卷

2024 浙江 第 21 题 解答题 区分题
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21. 如图1所示,扫描隧道显微镜减振装置由绝缘减振平台和磁阻尼减振器组成。平台通过三根关于$O ^ { \prime } O ^ { \prime \prime }$ 轴对称分布的相同轻杆悬挂在轻质弹簧的下端O,弹簧上端固定悬挂在 $O ^ { \prime }$ 点,三个相同的关于$O ^ { \prime } O ^ { \prime \prime }$ 轴对称放置的减振器位于平台下方。如图2所示,每个减振器由通过绝缘轻杆固定在平台下表面的线圈和固定在桌面上能产生辐向磁场的铁磁体组成,辐向磁场分布关于线圈中心竖直轴对称,线圈所在处磁感应强度大小均为B。处于静止状态的平台受到外界微小扰动,线圈在磁场中做竖直方向的阻尼运动,其位移随时间变化的图像如图3所示。已知 $t = 0$ 时速度为 $\nu _ { 0 }$ ,方向向下, $t _ { 1 }$ 、 $t _ { 2 }$ 时刻的振幅分别为 $A _ { 1 }$ ,$A _ { 2 }$ 。平台和三个线圈的总质量为m,弹簧的劲度系数为k,每个线圈半径为r、电阻为 $R _ { \odot }$ 。当弹簧形变量为$\Delta \mathbf { x }$ 时,其弹性势能为 $\frac { 1 } { 2 } k \Delta x ^ { 2 }$ 。不计空气阻力,求

(1)平台静止时弹簧的伸长量 $\Delta \mathbf { x }$ ;

(2)t = 0时,每个线圈所受到安培力F的大小;

(3)在 $0 \sim t _ { \scriptscriptstyle 1 }$ 时间内,每个线圈产生的焦耳热 $\mathcal { Q } ;$

(4)在 $t _ { 1 } \sim t _ { 2 }$ 时间内,弹簧弹力冲量 $I _ { \check { \mathfrak { g } } \sharp }$ 的大小。


图1
图2


图3

参考答案

(1) ${ \frac { m g } { k } } ;$; (2) $\frac { 4 \nu _ { 0 } r ^ { 2 } \pi ^ { 2 } B ^ { 2 } } { R }$; (3) $\frac { 1 } { 6 } \bigl ( m \nu _ { 0 } ^ { 2 } - k A _ { 1 } ^ { 2 } \bigr )$; (4) $m g \left( t _ { 2 } - t _ { 1 } \right) - \frac { 1 2 \pi ^ { 2 } r ^ { 2 } B ^ { 2 } \left( A _ { 1 } - A _ { 2 } \right) } { R }$

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【答案】(1) ${ \frac { m g } { k } } ;$ ;(2) $\frac { 4 \nu _ { 0 } r ^ { 2 } \pi ^ { 2 } B ^ { 2 } } { R }$ ;(3) $\frac { 1 } { 6 } \bigl ( m \nu _ { 0 } ^ { 2 } - k A _ { 1 } ^ { 2 } \bigr )$ ;(4) $m g \left( t _ { 2 } - t _ { 1 } \right) - \frac { 1 2 \pi ^ { 2 } r ^ { 2 } B ^ { 2 } \left( A _ { 1 } - A _ { 2 } \right) } { R }$

【解析】

【详解】(1)平台静止时,穿过三个线圈的的磁通量不变,线圈中不产生感应电流,线圈不受到安培力作用,O 点受力平衡,因此由胡克定律可知此时弹簧的伸长量

$$ \Delta x = \frac{mg}{k} $$

(2)在 $t = 0$ 时速度为 $\nu _ { 0 }$ ,设每个线圈的周长为L,由电磁感应定律可得线圈中产生的感应电流

$$ I = \frac {E}{R} = \frac {B L v _ {0}}{R} = \frac {B v _ {0} \times 2 r \pi}{R} = \frac {2 v _ {0} r \pi B}{R} $$

每个线圈所受到安培力F的大小

$$ F = B I L = \frac {4 v _ {0} r ^ {2} \pi^ {2} B ^ {2}}{R} $$

> ③由减震器的作用平台上下不移动,由能量守恒定律可得平台在 $0 \sim t _ { 1 }$ 时间内,振动时能量的减少量为$\mathcal { Q } ^ { \prime }$ ,由能量守恒定律

$$ Q ^ {\prime} + m g A _ {1} = \frac {1}{2} m v _ {0} ^ {2} + \frac {1}{2} k (\Delta x) ^ {2} - \frac {1}{2} k (\Delta x - A _ {1}) ^ {2} $$

在 $0 \sim t _ { 1 }$ 时间内,振动时能量的减少转化为线圈的焦耳热,可知每个线圈产生的焦耳热

$$ Q = \frac {1}{3} Q ^ {\prime} = \frac {1}{6} \left(m v _ {0} ^ {2} - k A _ {1} ^ {2}\right) $$

(4)取向上为正方向,全程由动量定理可得

$$ I _ {\text {弹}} + I _ {\mathrm{A}} - I _ {\mathrm{G}} = 0 $$

其中

$$ I _ {\mathrm{G}} = m g \left(t _ {2} - t _ {1}\right) $$

$$ I _ {\mathrm{A}} = 3 \times 2 \pi r B \cdot \Delta q $$

$$ \Delta q = \frac {2 \pi r B \left(A _ {1} - A _ {2}\right)}{R} $$

联立解得弹簧弹力冲量 $I _ { \frac { \imath } { 5 \sharp } }$ 的大小为

$$ I _ {\text {弹}} = m g \left(t _ {2} - t _ {1}\right) - \frac {1 2 \pi^ {2} r ^ {2} B ^ {2} \left(A _ {1} - A _ {2}\right)}{R} $$

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电磁学
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